关于bash：在shell脚本中回显一些命令行（对于单个命令，回显）


Echo some command lines in a shell script (echo on for single command)

在shell脚本中，出于状态和调试原因，我想回送一些主要(长时间运行)命令。我知道我可以使用set -x或set -v为所有命令启用回声。但我不想看到所有的命令(特别是echo命令)。有没有办法只为一个命令打开echo？

我可以这样做，但这很难看，也与set +x这句话相呼应：

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#!/bin/sh

dir=/tmp
echo List $dir

set -x
ls $dir
set +x

echo Done!

有更好的方法吗？

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以每次处理的成本为代价，您可以使用：

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(set -x; ls $dir)

这在子shell中运行命令，因此set -x只影响括号内的内容。您不需要编写代码或查看set +x。当我需要进行选择性跟踪时，我使用这个。

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使用这个函数怎么样？

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runtraced() {
    echo"$@"
   "$@"
}

dosomething
runtraced dosomethingelse
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根据乔纳森莱弗勒的回答，这是同样的方法，只是更清楚一点，因为在命令之后没有什么需要。但您需要指定应该使用哪个shell。这是sh的一个例子：

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sh -xc ls $dir
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一个简单的方法是使用heredoc和一个未解释的字符串。它是可移植的、快速的POSIX：

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...
% cmd='ls ${dir}'
% sh -x <<_EOF_
> ${cmd}
> _EOF_
...

您可以用这种方式构建整个脚本，根据需要以编程方式解析和/或修改它们，将它们保存到shell变量并从shell变量调用它们，然后在另一个脚本或shell函数中运行它们：

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...
% script="$(cat </some/entire/script.sh)"
% script="$(pipeline | processing | on | ${script})"    
% sh -x <<_EOF_ 2>&1 | grep ${specific_cmds_Im_looking_for}
> ${script}
> _EOF_
<desired output>

在我对符合POSIX的方法的回答中，为了查看函数是否在sh脚本中定义，我更详细地描述了这一点的方式和原因。在堆栈交换中，我非常详细地讨论了如何使用heredoc来解决一些令人讨厌的引用问题，以回答函数或脚本中是否有方法获得实际的(未解释的)shell参数？.

-迈克